Um ácido dicarboxílico, A\ce{A}, é misturado com etanol. O sistema é mantido em 25 °C\pu{25 \degree C} e os equilíbrios são estabelecidos: A(l)+EtOH(l)M(l)+HX2O(l)K1=20M(l)+EtOH(l)D(l)+HX2O(l)K2=20 \begin{aligned} \ce{ A(l) + EtOH(l) &<=> M(l) + H2O(l) } && K_1 = 20 \\ \ce{ M(l) + EtOH(l) &<=> D(l) + H2O(l) } && K_2 = 20 \end{aligned}

  1. Determine o rendimento máximo para a conversão do ácido dicarboxílico no monoéster, M\ce{M}.

  2. Determine a razão entre as frações molares de etanol e do ácido dicarboxílico na mistura inicial para que a fração molar de monoéster no equilíbrio seja máxima.

Gabarito 3F.74

Sendo aa a quantidade inicial de ácido e rara a quantidade inicial de etanol, podemos escrever os seguintes balanços: a=[A]+[M]+[D]a=[A]+[M]+[D] ra=[M]+[EtOH]+2[D]ra=[M]+[EtOH]+2[D] [HX2O]=[M]+2[D][\ce{H2O}]=[M]+2[D] A última e penúltima relação vem da estequiometria das reações, veja os problemas 73 e 72. K1=[M][HX2O][A][EtOH]K_{1}=\frac{\ce{[M][H2O]}}{\ce{[A][EtOH]}} K2=[D][HX2O][M][EtOH]K_{2}=\frac{\ce{[D][H2O]}}{\ce{[M][EtOH]}} Considerando um rendimento α1\alpha_{1} para geração do mono e α2\alpha_{2} para a geração do di, chegamos nas equações: [A]=a(1α1α2)[A]=a(1-\alpha_{1}-\alpha_{2}) [HX2O]=a(α1+2α2)[\ce{H2O}]=a(\alpha_{1}+2\alpha_{2}) [EtOH]=a(rα12α2)[\ce{EtOH}]=a(r-\alpha_{1}-2\alpha_{2}) Temos 5 equações e 5 incógnitas(assumindo que sabemos a quantidade inicial aa) de ácido, então basta resolver, vamos isolar tudo em função de [M][M]: Cálculo de aa em função de [M][M] e [D]\ce{[D]}a partir das constantes de equilíbrio: K1=(M)(M+2D)(aMD)(raM2D)K_{1}=\frac{(M)(M+2D)}{(a-M-D)(ra-M-2D)} K2=D(M+2D)M(raM2D)K_{2}=\frac{D(M+2D)}{M(ra-M-2D)} K1K2=M2D(aMD)\frac{K_{1}}{K_{2}}=\frac{M^{2}}{D(a-M-D)} Resolvendo para a: a=M2K2K1D+M+Da=\frac{M^{2}K_{2}}{K_{1}D}+M+D a=(α1a)2K2K1α2a+α1a+α2aa=\frac{(\alpha_{1}a)^{2}K_{2}}{K_{1}\alpha_{2}a}+\alpha_{1}a+\alpha_{2}a α12(K2)+α1(K1α2)+α22K1α2K1=0\alpha_{1}^{2}(K_{2})+\alpha_{1}(K_{1}\alpha_{2})+\alpha_{2}^{2}K_{1}-\alpha_{2}K_{1}=0 Para maximizar α1\alpha_{1} basta minimizar α2\alpha_{2}, vamos escrever então como um polinômio do 2 grau em α2\alpha_{2}: α22(K1)α2(K1α1K1)+α12K2=0\alpha_{2}^{2}(K_{1})-\alpha_{2}(K_{1}-\alpha_{1}K_{1})+\alpha_{1}^{2}K_{2}=0 O valor de x que minimiza a expressão será: x=b2ax=\frac{-b}{2a} α2=K1(1α1)2K1\alpha_{2}=\frac{K_{1}(1-\alpha_{1})}{2K_{1}} α2=1α12\alpha_{2}=\frac{1-\alpha_{1}}{2} Voltando na expressão e calculando α1\alpha_{1}: (1α12)2(K1)(1α12)(K1α1K1)+α12K2=0(\frac{1-\alpha_{1}}{2})^{2}(K_{1})-(\frac{1-\alpha_{1}}{2})(K_{1}-\alpha_{1}K_{1})+\alpha_{1}^{2}K_{2}=0 Resolvendo para α1\alpha_{1}: α1=11+2K2K1\alpha_{1}=\frac{1}{1+2\sqrt{\frac{K_{2}}{K_{1}}}} Usando que K1=K2:K_{1}=K_{2}: α1=13\boxed{\alpha_{1}= \frac{1}{3}} Cálculo de α2\alpha_{2}: α2=13\alpha_{2}=\frac{1}{3}

Cálculo de rr a partir da primeira constante de equilíbrio: K1=a3(a3+2a3)(a3)(a(r1))K_{1}=\frac{\frac{a}{3}(\frac{a}{3}+ \frac{2a}{3})}{(\frac{a}{3})(a(r- 1))} Usando que K1=20K_{1}=20 20=1(r1)20=\frac{1}{(r- 1)} r=1,05\boxed{r=1,05}